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高一寒假作业答案2019人教版寒假作业之所以存在是为了不让同学们在假期期间遗忘所学的学问,小编打算了高一寒假作业答案2019希望你喜爱
一、选择题(本题共6道小题)
1.下列说法正确的是A.做平抛运动的物体,一段时间的平均速度方向为该段时间内物体的初位置指向末位置B.某人骑自行车以恒定的速率驶过一段弯路,自行车的运动是匀速运动C.做匀变速曲线运动的物体,加速度的方向与速度的方向可能在同一条直线上D.做圆周运动的物体所受合力的方向必定指向轨迹的圆心.滑板是现在特别流行的一种运动,如图2所示,一滑板运动员以7m/s的初速度从曲面的A点下滑,运动到B点速度仍为7m/s若他以6m/s的初速度仍由A点下滑,则他运动到B点时的速度0A.大于6m/sB.等于6m/sC.小于6m/sD.条件不足,无法计算.如图7游乐场中,从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处,下列说法正确的有(D)A.甲的切向加速度始终比乙的大B.甲、乙在同一高度的速度大小不相等C.甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D.甲比乙先到达B处.某物体以30m/s的初速度竖直上抛,不及空气阻力,g取10m/s24s内物体的A.路程为50mB.位移大小为50mC.速度变更量的大小为20m/sD.平均速度大小为10m/s.如图18所示,质量相等的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上,两物块始终相对于圆盘静止,则两物块()A.线速度相同B.向心力相同C.向心加速度相同D.角速度相同.如图所示,用长为L的细绳拴着质量为m的小球在竖直平面内做完整的圆周运动,则下列说法中正确的是()A.小球运动到最高点时所受的向心力不肯定等于重力B.小球在最高点时绳子的拉力不行能为零C.小球运动到最高点的速率肯定大于D.小球经过最低点时绳子的拉力肯定大于小球重力
二、试验题(本题共2道小题)
7.在探究平抛运动的运动规律的试验中,可以描绘出小球平抛运动的一部分轨迹,已知图中小方格的边长L=10cm则小球平抛的初速度大小为v0二(取g=10m/s2)小球的抛出点坐标为.
8.在探讨物体做平抛运动时,应通过多次试验确定若干个点,描绘出平抛运动的轨迹.
①在试验中的下列操作正确的是.A.试验中所用斜槽末端的切线必需调到水平B.每次试验中小球必需由静止释放,初始位置不必相同C.每次试验小球必需从斜槽的同一位置由静止释放,所用斜槽不必光滑D.在试验之前,须先用直尺在纸上确定y轴方向
②试验得到平抛小球的运动轨迹,在轨迹上取一些点,以平抛起点0为坐标原点,测量它们的水平坐标x和竖直坐标y图中y-x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是.
三、计算题(本题共3道小题)
9.如图甲所示,在高h=
0.8m的平台上放置一质量为M=1kg的小木块(视为质点),小木块距平台右边缘d=2m现给小木块一水平向右的初速度vO其在平台上运动的v2-x关系如图乙所示小木块最终从平台边缘滑出落在距平台右侧水平距离s=
0.8m的地面上,g取10m/s2求
(1)小木块滑出时的速度V;⑵小木块在水平面滑动的时间t;
(3)小木块在滑动过程中产生的热量Q.游乐园的小型摩天轮上对称站着质量均为m的8位同学,如图所示,摩天轮在竖直平面内逆时针匀速转动,若某时刻转到顶点a上的甲同学让一小重物做自由落体运动,并马上通知下面的同学接住,结果重物掉落时正处在c处(如图)的乙同学恰好在第一次到达最低点b处接到,己知摩天轮半径为R重力加速度为g(不计入和吊篮的大小及重物的质量).问⑴接住前重物下落运动的时间t=⑵人和吊篮随摩天轮运动的线速度大小V二⑶乙同学在最低点处对地板的压力FN二.如图所示,一个光滑的圆锥体固定在水平桌面上,其轴线沿竖直方向,母线与轴线之间的夹角二45一条长为L的轻绳(质量不计),一端固定在圆锥体的顶点0处,另一端拴着一个质量为m的小物体(物体可看作质点),物体以速率v绕圆锥体的轴线做水平匀速圆周运动.
(1)当时v二,求绳对物体的拉力.⑵当时V二,求绳对物体的拉力.试卷答案A解析A、平均速度等于位移除以时间,平均速度方向为位移方向,即初位置指向末位置,故A正确;B、某人驯■自行车以恒定的速率驶过一段弯路时,自行车做曲线运动,速度方向变更,不是匀速运动,故B错误;C、当合外力方向与初速度方向不在同始终线时,物体做曲线运动,所以加速度方向不行能与速度方向在同始终线上,故C错误;D、只有做匀速圆周运动的物体合外力指向圆心,非匀速运动的物体所受合外力不指向圆心,故D错误.故选AA解析滑板运动员从曲面的A点下滑过程中,重力和摩擦力做功,当他下滑的速度减小时,在同一点他对轨道的压力减小,摩擦力减小,则他下滑过程中克服摩擦力做功减小,重力做功相同,依据动能定理得知,动能的变更量减小,第一次下滑过程动能变更量为零,则有D解析A:由受力分析及牛顿其次定律可知,甲的切向加速度先比乙的大,后比乙的小,故A错误;B:由机械能守恒定律可知,各点的机械能保持不变,高度重力势能相等处的动能也相等,故B错误;C、D:甲的切向加速度先比乙的大,速度增大的比较快,起先阶段的位移比较大,故甲总是先达到同一高度的位置.故C错误,D正确.故选D.AD解析A、选取向上的方向为正方向,物体在4s内的位移:h二丫01:飞12=304-1042[11=40所;方向与初速度的方向相同,向上.物体上升的最大高度H二m二45m物体上升的时间二s二3s下降位移为h二gt-t12=5m故路程为s=H+h=50m故A正确,B错误;C、4s末的速度为V—v0—gt——10m/s故速度△v二v-v0=-40m/s故C错误;D、平均速度为m/s=10m/s故D正确;故选ADD解A、小球在圆周最高点时,向心力可能为重力,也可能是重力与绳子的合力,取决于小球的瞬时速度的大小,故A正确.B、小球在圆周最高点时,满意肯定的条件可以使绳子的拉力为零,故B错误.C、小球刚好能在竖直面内做圆周运动,则在最高点,恰好由重力供应向心力时,有mg=mv=故C错误.D、小球在圆周最低点时,具有竖直向上的向心加速度,处于超重状态,依据牛顿其次定律得知,拉力肯定大于重力,故D正确.故选AD2m/s;
0.1m
0.1875m探讨平抛物体的运动设相邻两点间的时间间隔为T竖直方向2L-L=gT2得到T二水平方向v0==2代入数据解得v0=2=2m/s依据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度,有因此从抛出点到B点时间为因此从抛出点到a点的时间为t1=t-T=
0.15s-
0.1s=
0.05s因此从抛出点到a的水平和竖直距离分别为x=v0t1=
20.05=
0.1m因此抛出点横坐标为x1=
0.2-
0.1=
0.1m纵坐标为y1=
0.2-
0.0125m=
0.1875m即小球抛出点的坐标为
0.1m
0.1875m故答案为:2m/s;
0.1m
0.1875m.解1AB探讨平抛物体的运动的试验,保证小球做平抛运动必需通过调整使斜槽的末端保持水平,因为要画同一运动的轨迹,必需每次释放小球的位置相同,且由静止释放,以保证获得相同的初速度,故A正确,B错误;C、每次试验小球必需从斜槽的同一位置由静止释放,而斜槽不必肯定要光滑,故C正确;D、在试验之前,须先用重锤,来确定纸上y轴方向,故D错误;⑵物体在竖直方向做自由落体运动,y=gt2;水平方向做勺速直线运动,x=vt;联立可得y二,因初速度相同,故为常数,故y-x2应为正比例关系,故C正确,ABD错误;故选
①AC;
②C..12m/s236J.【学问点】牛顿其次定律;自由落体运动;向心力.A3C2D4【答案解析】⑴
2.
2.31+mg.解析⑴由运动学公式2R二gt2得,t=
2.2由v二得,v二.⑶设支持力为F由牛顿其次定律得F=mg+g=1+mg由牛顿第三定律得人对地板的压力FN=1+mg方向竖直向下.【思路点拨】1依据自由落体运动的位移时间公式求出重物下落的时间.2依据弧长和时间,通过线速度的定义式求出运动的线速度大小.3依据牛顿其次定律求出支持力的大小,从而依据牛顿第三定律求出人对地板的压力.解决本题的关键搞清向心力的,运用牛顿定律进行求解..1当时v二,绳对物体的拉力为mg.⑵当时v=绳对物体的拉力为2mg.向心力.当物体刚要离开锥面时,锥面对小球没有支持力,由牛顿其次定律得Teos-mg=0Tsin=m解得v=.⑴因v1T1cos+N1sin-mg=0T1sin-N1sin=m解得T1=mg⑵因v2v则球离开锥面,设线与竖直方向上的夹角为,如图2所示.则T2cos-mg=OT2sin=m解得T2=2mg.答1当时v二,绳对物体的拉力为mg.⑵当时v二绳对物体的拉力为2mg.高一寒假作业答案2019就为大家介绍到这里,希望对你有所帮助。